MySql/PHP: общие вопросы - [36] :: Web-программирование :: Компьютерный форум Ru.Board

Перейти из форума на сайт.

Новости • Файловые архивы
Поиск • Активные темы • Топ лист
Правила • Кто в on-line?

Вход • Забыли пароль? • Первый раз на этом сайте? • Регистрация

Компьютерный форум Ru.Board » Интернет » Web-программирование » MySql/PHP: общие вопросы

Модерирует : Cheery
Версия для печати • Подписаться • Добавить в закладки
Страницы: 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 64 65 66 67 68 69 70 71 72 73 74 75 76

Открыть новую тему

Написать ответ в эту тему

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback

Цитата:

с предыдущим запросом я вижу день рождения сегодня и еще 3 в ближайшие дни

если предыдущий запрос работает, а он является частью последнего, значит вы что то не так сделали.
запрос ничего такого не делает, лишь считает также, как и функция count в php - а именно количество строк возвращаемых оригинальным запросом, ничего более.

Цитата:

SELECT COUNT(*) count FROM (
SELECT actor_id,
(CASE
WHEN DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d') < DATE_FORMAT(NOW(), '%m-%d')
THEN CONCAT(DATE_FORMAT(DATE_ADD(NOW(), INTERVAL 1 YEAR), '%Y-'), DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d'))
ELSE CONCAT(DATE_FORMAT(NOW(), '%Y-'), DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d'))
END) as newdate FROM actor HAVING newdate
BETWEEN CURDATE() AND DATE_ADD(CURDATE(), INTERVAL 2 WEEK)
ORDER BY newdate ASC
) tmp

выделенное и есть предыдущий запрос. и если он хоть что то возвращает - функция COUNT основного запроса должна это подсчитать. поэтому вы что то делаете не так.

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 22:00 16-09-2019 | Исправлено: Mavrikii, 22:00 16-09-2019

zagorisback Advanced Member	Редактировать \| Профиль \| Сообщение \| Цитировать \| Сообщить модератору второй запрос не работает (query 2.png) первый работает (query 1.png) посмотрите на скриншот https://yadi.sk/d/CvzeASe1iUFh7A
	Всего записей: 629 \| Зарегистр. 05-05-2014 \| Отправлено: 22:17 16-09-2019 \| Исправлено: zagorisback, 22:18 16-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback
я еще раз повторю - думайте, думайте.
второй запрос только для счета, он не выбирает актеров - нет необходимости.
ну почему я должен разжевывать элементарные вещи?

ок, раз вам нужна несуразность, то вот она

Код:

SELECT *, COUNT(*) count FROM (
SELECT *,
(CASE
WHEN DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d') < DATE_FORMAT(NOW(), '%m-%d')
THEN CONCAT(DATE_FORMAT(DATE_ADD(NOW(), INTERVAL 1 YEAR), '%Y-'), DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d'))
ELSE CONCAT(DATE_FORMAT(NOW(), '%Y-'), DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d'))
END) as newdate FROM actor HAVING newdate
BETWEEN CURDATE() AND DATE_ADD(CURDATE(), INTERVAL 2 WEEK)
ORDER BY newdate ASC
) tmp
GROUP BY tmp.actor_id

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 22:22 16-09-2019

zagorisback Advanced Member	Редактировать \| Профиль \| Сообщение \| Цитировать \| Сообщить модератору Я визуализирую ... но неправильный код еще неправильный порядок мы все еще в начале, я не знаю, как визуализировать счет посмотрите query 3.png в яндексе
	Всего записей: 629 \| Зарегистр. 05-05-2014 \| Отправлено: 22:38 16-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback
очень хорошо вы "учитесь", на порно-актрисах...
GROUP BY tmp.actor_id может сбить порядок.

Код:

SELECT *, COUNT(*) count FROM (
SELECT *,
(CASE
WHEN DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d') < DATE_FORMAT(NOW(), '%m-%d')
THEN CONCAT(DATE_FORMAT(DATE_ADD(NOW(), INTERVAL 1 YEAR), '%Y-'), DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d'))
ELSE CONCAT(DATE_FORMAT(NOW(), '%Y-'), DATE_FORMAT(birthday, '%m-%d'))
END) as newdate FROM actor HAVING newdate
BETWEEN CURDATE() AND DATE_ADD(CURDATE(), INTERVAL 2 WEEK)
) tmp
GROUP BY tmp.actor_id
ORDER BY tmp.newdate ASC

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 22:43 16-09-2019

zagorisback

Advanced Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

это демо, есть и актеры кино

Добавлено:

невероятно!,
Я не верю в это, все еще ошибка

Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given in ... on line 48

line 48

Код:

while($row=mysql_fetch_array($query)){

Всего записей: 629 | Зарегистр. 05-05-2014 | Отправлено: 22:47 16-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback

Цитата:

Я не верю в это, все еще ошибка

я уже писал ранее, что это означает ошибку в SQL запросе.
скопируйте его заново из моего отвтета выше.

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 22:58 16-09-2019

zagorisback Advanced Member	Редактировать \| Профиль \| Сообщение \| Цитировать \| Сообщить модератору Я вернулся к первому запросу по крайней мере, это работает, без учета
	Всего записей: 629 \| Зарегистр. 05-05-2014 \| Отправлено: 23:15 16-09-2019

zagorisback

Advanced Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

что не так с этим кодом?
Я получаю ошибку

what is wrong with this code?
I get an error

Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given in ... modifica_cinema.php on line 8

Код:

<?php

require_once("connetti.php");

$actor_id = $_GET["id"];
//......immagino che l'id tu lo trasmetta tramite get: $id=_GET['id'];
$query = mysql_query ("SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". $actor_id);
$row = mysql_fetch_array ($query);

$nome=$row['nome'];
$performer_aka=$row['performer_aka'];
?>

<form action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF']; ?>" method="post">
Nome
<input name="nome" type="text" id="nome" value="<?php echo $nome;?>"><br />
Performer Aka
<textarea name="performer_aka" id="performer_aka"><?php echo $performer_aka;?></textarea><br />
<input name="modifica" type="submit" id="modifica" value="modifica">
</form>
<?php

if (isset($_POST['modifica']))
{
include "connetti.php";
    $query = mysql_select_db("xxx", $db);
    if ($query)
        {

    $nome=$_POST['nome'];
    $performer_aka=$_POST['performer_aka'];

$query=mysql_query("UPDATE actor SET nome='".$_POST['nome']."', performer_aka='".$_POST['performer_aka']." WHERE actor_id=". $actor_id);

$risultato=mysql_query($query);

            if($risultato) echo "<h2>Congratulazioni! Dati inseriti.</h2>";
                else echo "<h2>Attenzione! Dati non inseriti!</h2>";

    } else echo "<h2>Errore! Database non selezionato.</h2>";


}
    ?>

Всего записей: 629 | Зарегистр. 05-05-2014 | Отправлено: 21:25 18-09-2019 | Исправлено: zagorisback, 21:26 18-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback

Цитата:

$query = mysql_query ("SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". $actor_id);

1) нельзя напрямую использовать неизвестные данные таким образом. читаем о
https://ru.wikipedia.org/wiki/Внедрение_SQL-кода
+ https://www.php.net/manual/en/mysqli.real-escape-string.php
+ https://www.php.net/manual/en/function.intval.php

2) все зависит от того, что передается в _GET['id'], сделать вывод значения и посмотреть - оно вызывает SQL ошибку.
даже если нет id параметра в запросе, это создаст ошибочный SQL запрос.

Самое главное правило веб-разработчика - не доверяй данным полученным от пользователя.

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 21:28 18-09-2019 | Исправлено: Mavrikii, 21:32 18-09-2019

zagorisback

Advanced Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

cinema.php

cinema.php?id=40

Код:

<a href="javascript:apri('modifica_cinema.php?id=<?php echo $actor_id; ?>')">Modifica</a>

"id" извлечен

modifica_cinem.php

modifica_cinema.php?id=40

код выше

Всего записей: 629 | Зарегистр. 05-05-2014 | Отправлено: 21:40 18-09-2019 | Исправлено: zagorisback, 21:42 18-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback

Цитата:

код выше

делаем
echo "SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". $actor_id;
и смотрим.
по нормальному надо
"SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". (int)$actor_id;

если запрос выглядит нормально, то на время отладки
$query = mysql_query("SELECT * FROM actor WHERE actor_id=" . (int)$actor_id) or die ("Error in query: " . mysql_error());

и! забываем про mysql_, а используем mysqli_ расширение

ps: и так делать нельзя ни в коем случае

Цитата:

"UPDATE actor SET nome='".$_POST['nome']."', performer_aka='".$_POST['performer_aka']." WHERE actor_id=". $actor_id

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 21:46 18-09-2019 | Исправлено: Mavrikii, 21:48 18-09-2019

zagorisback

Advanced Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

е как это сделать?
мне нужно обновить карточку актера прямо со страницы через «редактировать»

этот код должен найти актера "id" и передать его в базу данных
есть ли другие способы?

Всего записей: 629 | Зарегистр. 05-05-2014 | Отправлено: 21:51 18-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback

Цитата:

е как это сделать?

блин, написал же все.

сделать
Цитата:

echo "SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". $actor_id;

до mysql_query, посмотреть что выдаст в браузер.

если запрос будет выглядеть нормально, то вместе mysql_query строки сделать

Цитата:

$query = mysql_query("SELECT * FROM actor WHERE actor_id=" . (int)$actor_id) or die ("Error in query: " . mysql_error());

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 21:57 18-09-2019 | Исправлено: Mavrikii, 21:57 18-09-2019

zagorisback

Advanced Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

ошибка в запросе, ID пусто

Attenzione! Dati non inseriti! ---------> Внимание! Данные не введены!

SELECT * FROM actor WHERE actor_id=

Код:

<?php

require_once("connetti.php");

$actor_id = $_GET["id"];
//......immagino che l'id tu lo trasmetta tramite get: $id=_GET['id'];
$query = mysql_query("SELECT * FROM actor WHERE actor_id=" . (int)$actor_id) or die ("Error in query: " . mysql_error());
$row = mysql_fetch_array ($query);

$nome=$row['nome'];
$performer_aka=$row['performer_aka'];
?>

<form action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF']; ?>" method="post">
Nome
<input name="nome" type="text" id="nome" value="<?php echo $nome;?>"><br />
Performer Aka
<textarea name="performer_aka" id="performer_aka"><?php echo $performer_aka;?></textarea><br />
<input name="modifica" type="submit" id="modifica" value="modifica">
</form>
<?php

if (isset($_POST['modifica']))
{
include "connetti.php";
    $query = mysql_select_db("xxx", $db);
    if ($query)
        {

    $nome=$_POST['nome'];
    $performer_aka=$_POST['performer_aka'];

$query=mysql_query("UPDATE actor SET nome='".$_POST['nome']."', performer_aka='".$_POST['performer_aka']." WHERE actor_id=". $actor_id);

$risultato=mysql_query($query);

            if($risultato) echo "<h2>Congratulazioni! Dati inseriti.</h2>";
                else echo "<h2>Attenzione! Dati non inseriti!</h2>";

    } else echo "<h2>Errore! Database non selezionato.</h2>";


}

echo "SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". $actor_id;

    ?>

Всего записей: 629 | Зарегистр. 05-05-2014 | Отправлено: 22:10 18-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback

Цитата:

SELECT * FROM actor WHERE actor_id=

ну так нет id аргумента в запросе.
делаем print_r($_GET); и смотрим что и в каком виде передается (если передается).

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 22:12 18-09-2019

zagorisback

Advanced Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

Код:

echo "SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". $actor_id;

print_r($_GET)

первый

Код:

SELECT * FROM actor WHERE actor_id=40Array ( [id] => 40 )

после вставки

Код:

SELECT * FROM actor WHERE actor_id=Array ( )

Добавлено:

выглядит

https://yadi.sk/d/_AM1UcFoJhGzBQ

Всего записей: 629 | Зарегистр. 05-05-2014 | Отправлено: 22:21 18-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback

Цитата:

echo "SELECT * FROM actor WHERE actor_id=". $actor_id;

выдает нормальный запрос

Цитата:

SELECT * FROM actor WHERE actor_id=40

значит проблема не в нем, а в подключение к базе данных, видимо
die должно выдать сообщение об ошибке, его и нужно процитировать.

Цитата:

после вставки

а вот тут не передается ID, что и вызывает проблему с запросом.

Цитата:

form action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF'] . '?id=' . $actor_id; ?>" method="post">

нужно либо его передавать, либо проверять его наличие
isset($_GET['id'])

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 22:36 18-09-2019 | Исправлено: Mavrikii, 22:41 18-09-2019

zagorisback

Advanced Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

конфигурационе пер датабасе

connetti.php

Код:

<?php
$db = mysql_connect ("localhost", "exadmin", "expass");
// Create connection
mysql_select_db ("xxx", $db);
// Check connection
if ($conn->connect_error) {
die("Errore di Connessione: " . $conn->connect_error);
}
?>

Всего записей: 629 | Зарегистр. 05-05-2014 | Отправлено: 22:43 18-09-2019

Mavrikii

Platinum Member

Редактировать | Профиль | Сообщение | Цитировать | Сообщить модератору

zagorisback
перечитывайте последние сообщения перед отправкой своих.

Цитата:

а вот тут не передается ID, что и вызывает проблему с запросом.

Цитата:
form action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF'] . '?id=' . $actor_id; ?>" method="post">

нужно либо его передавать, либо проверять его наличие
isset($_GET['id'])

Всего записей: 16167 | Зарегистр. 20-09-2014 | Отправлено: 22:45 18-09-2019

Открыть новую тему

Написать ответ в эту тему

Страницы: 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 64 65 66 67 68 69 70 71 72 73 74 75 76

Компьютерный форум Ru.Board » Интернет » Web-программирование » MySql/PHP: общие вопросы

Реклама на форуме Ru.Board.

Powered by Ikonboard "v2.1.7b" © 2000 Ikonboard.com
Modified by Ru.B0ard
© Ru.B0ard 2000-2025

BitCoin: 1NGG1chHtUvrtEqjeerQCKDMUi6S6CG4iC